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辽宁省沈阳市2018-2019高三物理一模物理试卷(PDF版)

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2019 年沈阳市高三年级教学质量监测(一)

物理参考答案

一、选择题

1.A 2.B. 3.C 4.A 5.C 6. D 7.B 8.ABD 9.BC 10.BD

二、非选择题:满分 50 分

11. 解:(1)设小球重力为 G,从 A 到 B 根据动能定理得:

GR=E0

①(1 分)

解得:

G = E0 R

②(1 分)

设小球受到电场力为 F,根据电场力做功与电势能变化的关系,从 B 到 C 有:

FR=2E0

③(2 分)

F = 2E0 R

④(1 分)

(2)设小球到 C 点动能为 EkC,则从 B 到 C 过程,根据动能定理得:

FR - GR = EkC -E0

⑤(2 分)

EkC= 2E0

⑥(1 分)

设小球在 C 点时速度为 vc,在运动轨迹的最高点 D 时速度为 vD,则从 C 到 D 过程

在竖直方向上:0=vC-ay t

⑦(2 分)

在水*方向上:v D =ax t

⑧(2 分)

代入

F=2G ax=2ay

解得

vD=2vC

⑨(1 分)



EkD =4EkC =8E0

⑩(2 分)

12. 解:(1)设滑块加速度大小为 a0,根据滑块的运动可知:

a0

=

Dv Dt

=

v1

- v2 t

①(1 分)

根据牛顿第二定律可得:

μ1mg =ma0

②(2 分)

解得

μ1 = 0.3

③(1 分)

(2)在木板向右匀减速运动过程中,由牛顿第二定律可得:

m1mg + m2 (2m) g = ma1

④(2 分)

在木板向左匀加速运动过程中,由牛顿第二定律可得:

m1mg - m2 (2m)g = ma2 由运动学规律可知

⑤(2 分)

v0=a1t1

⑥(1 分)

v2=a2t2

⑦(1 分)

t1+ t2= t

⑧(1 分)

联立解得:μ2=0.05(另一解为 μ2=0 由于地面粗糙舍去) ⑨(2 分)

(3)滑块与木板共速前,滑块的位移:

x1

=

v1

+ v2 2

t

=2.5m

⑩(2 分)

木板位移: x2

= - v02 2a1

+

v22 2a2

=-0.25m

⑾(2 分)

共速后,由于 m1 > m2 ,可知两者一起减速到静止,不再有相对运动

⑿(1 分)

1

相对位移为:Δx = x1-x2 = 2.75m 13.(1)BCE

(2)解:①由于轻质活塞不计重力,有

P0S=P1S +mg

①(2 分)

P1

=

P0

-

mg S

②(1 分)

②设初始时,温度为

T1=T,体积为

V1=hS,压强为

P1

=

P0

-

mg S



再次*衡时,体积为 V2=hS/2

压强为

P0S=P2S +2mg

③(2 分))

⒀(2 分)

根据理想气体状态方程

④(3 分)

解得:

T2

=

(P0S - 2mg)
2(P0S - mg)

T

⑤(2 分)

14.(1)BCE

(2)①根据图中信息可得:λ=2 m

λ T=v=0.5 s

①(1 分)

设 4.5s 中含有 n 个周期,则

n=4.5÷0.5=9

所以

s=n×4A=1.44m t=4.5 s 时,y=4 cm

②(2 分) ③(1 分)

②质点 A 做简谐运动,设质点 A 的振动方程为

y =Acos(ωt+φ)



y =0.04cos(4πt+φ)

④(1 分)

将 t=0 时 y=0.02m 代入④式,解得

cosφ=0.5

由于速度方向沿 y 轴负方向,所以j = p 3

⑤(1 分)

则质点 A 的振动方程为 y = 0.04cos(4pt + p ) 3

⑥(2 分)

质点 A 到达波峰时 y=0.04m 代入③又因为是第一次到达波峰

所以 t= 5 s≈0.42s 12

⑦(2 分)

(其他做法比照给分)

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